2018年福建省中考物理试卷（B卷）发表时间：2020-02-10 19:15 2018年福建省中考物理试卷（B卷） 一、选择题（每小题2分） 1．（2分）物理学家霍金常提醒人们关注能源和人类生存问题。下列属于可再生能源的是（ ） A．煤 B．石油 C．天然气 D．风能 2．（2分）下列物体通常情况下属于导体的是（ ） A．铅笔芯 B．塑料尺 C．橡皮擦 D．玻璃杯 3．（2分）图中的四个物态变化实例，属于吸热的是（ ） A． C． 4．（2分）关于于安全用电，下列做法正确的是（ ） A．在通电的电线上晾晒衣服 B．及时更换老化的电线 C．用湿布擦拭通电的电视机 D．在高压线附近放风筝 5．（2分）图是穿行在餐厅的机器人端着托盘送餐的情景。若认为机器人是静止的，则选择的参照物是（ ）
A．地面 B．托盘 C．餐桌 D．墙壁 6．（2分）福建沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大。这主要是因为海水与砂石相比具有较大的（ ） A．密度 B．内能 C．比热容 D．质量 7．（2分）2018年5月5日，中国国产航母完成首次舰载直升机起降。直升机减速下降靠近航母甲板的过程中（ ） A．惯性变大 B．动能变小 C．重力势能不变 D．机械能不变 8．（2分）新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线橫截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线 最小标准横截面积由1mm2提升到1.5mm2．增大导线横截面积的目的是（ ） A．增大导线的电阻 B．减小通过导线的电流 C．增大导线的电压 D．减小导线发热的功率 9．（2分）在探究凸透镜成像特点实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图，此时能在光屏上看到烛焰清晰的像。若保持透镜位置不变，将蜡烛沿光具座向远离透镜的方向移动10cm，调节光屏位置，可在光屏上看到（ ）
A．缩小的实像 B．放大的实像 C．缩小的虚像 D．放大的虚像 10．（2分）小明为养鸡场设计报警电路。养鸡场的前、后门分别装有开关S1，S2，动物闯入时开关会自动闭合。要求： 只要动物闯入任意一个门，电铃都能响起报警。图中符合设计要求的是（ ） A． C． 11．（2分）如图，用同一滑轮组分别将物体A和物体B匀速提升相同的高度。与提升B相比，提升A的过程滑轮组的机械效率较大。若不计绳重与摩擦的影响，则提升A的过程（ ）
A．额外功较小 B．额外功较大 C．总功较小 D．总功较大 12．（2分）家里一盏电灯突然熄灭，用试电笔（又名“测电笔”）分別测试电路中的a、b、c、d四点（如图），只有测a点时氖管发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（ ）
A．进户零线断路 B．灯泡L断路 C．开关S接触不良 D．导线ad断路 13．（2分）很多同学知道自己的身高和体重，却不知道自己的体积。某同学身高170cm，体重60kg，他的体积约为（ ） A．0.006m3 B．0.06m3 C．0.6m3 D．6m3 14．（2分）《墨经》最早记述了秤的杠杆原理。图中“标”“本”表示力臂，“权“重”表示力。以下说法符合杠杆平衡原理的是（ ）
A．“权”小于“重”时，A端一定上扬 B．“权”小于“重“时，“标”一定小于“本” C．增大“重”时，应把“权”向A端移 D．增大“重”时，应换用更小的“权” 15．（2分）如图电路中，闭合开关S1、S2，电流表和电压表均有示数。若断开S2，则（ ）
A．电流表示数变小，电压表示数变小 B．电流表示数变小，电压表示数变大 C．电流表示数变大，电压表示数变小 D．电流表示数变大，电压表示数变大 16．（2分）灯泡L与定值电阻R组成的电路如图甲，L和R的I﹣U图线分别为图乙中的A、B．闭合开关S，L正常发光，电路的总功率为4.8W，此时灯泡L的（ ）
A．电压为7V B．电流为0.3A C．电阻为20Ω D．功率为3W 二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分． 17．（2分）宋词《解语花•上元》中写到“箫鼓喧，人影参差，满路飘香麝”，其中“箫鼓喧”是由于发声体的 产生的，“满路飘香麝“是由于分子在不停地做 。 18．（2分）每年6月6日是全国“爱眼日”。图中表示近视眼的是图 （选填“甲”或“乙”），近视眼应配戴 透镜制成的眼镜进行矫正。
19．（2分）合理分类和利用垃圾可以变凌为宝。在一定条件下，1吨垃圾能”榨”出170kg燃料油，若燃料油的热值为4.0×107J/kg，则这些燃料油完全燃烧释放出的热量为 J，燃烧时燃料油的化学能转化为 能。 20．（2分）如图，悬挂在一起的两个气球，被毛织品擦过后彼此排斥分开，此时两个气球带 （选填“同种“或异种”）电荷，气球是因为 而带电。
21．（2分）图是四种家用电器各自消耗1度电可持续正常工作的时间柱状图，其中额定功率最大的电器是 ，节能灯正常工作5小时消耗的电能是 kW•h
22．（2分）如图，薄壁圆柱形容器A、B放在水平桌面上，分别盛有不同的液体。A、B的底面积之比SA：SB＝2：1，液面的高度之比hA：hB＝3：2，液体对两个容器底部的压力大小相等。现将完全相同的两小球分别放入A、B液体未溢出。静止时，A中的小球悬浮，B中的小球 （选填“漂浮”“悬浮”或“沉底”），A、B容器底部受到液体的压强之比pA：pB＝
三、作图题本题共2小题，每小题2分，共4分． 23．（2分）如图，水杯静止在水平桌面上，O是水杯的重心。在图中面出水杯受力的示意图
24．（2分）根据平面成像规律，画出图中物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′。
四、简答题：本题共1小题，共4分． 25．（4分）如图，矿泉水瓶盖侧面刻有凹凸不平的条纹，便于旋开瓶盖；带有橡胶塞的口服液所配置的吸管，其表面也刻有棱状条纹，便于吸上口服液。联系所学的物理知识，分别说明上述两个实例中条纹的作用。
五、实验题：本题共5小题，共28分． 26．（4分）如图是“探究光的反射规律”的实验装置，其中ABCD是白色硬纸板制成的光屏，并能沿ON折转，ON垂直于CD
（1）实验时，将光屏 放置在平面镜上，让一束光紧贴光屏射向镜面上的O点，可在光屏上看到反射光，如图甲：将光屏右半部分向后折转任意角度，光屏上都看不到反射光，如图乙。说明反射光线、入射光线与法线在 。 （2）某同学的实验数据如上表，其中有一组数据测错了，这组数据是第 次实验的，原因可能是将反射光线与 的夹角当成反射角。
27．（5分）图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置 （1）图甲实验装置的组装顺序应为 （选填“自上而下“或“自下而上“）。 （2）实验中某次温度计的示数如图乙，为 ℃．根据实验数据绘制的水的温度随加热时间变化的图象如图丙，由图可知本实验中水的沸点为 ℃。 （3）实验中发现温度计上部出现许多小水珠，这些小水珠是 形成的。 （4）撒去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，其原因是 。
28．（4分）图是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关后，导体棒、灵敏电流计、开关、导线组成闭合电路。实验观察到的现象如下表
（1）实验时通过观察 来判断电路中是否产生感应电流。 （2）由实验可知，闭合电路中的部分导体在磁场中做 运动时，电路中产生感应电流。 （3）比较第4次和第 次实验可知，导体棒运动方向相同时，感应电流的方向与磁场的方向有关。 （4）比较第7次和第8次实验可知 。
29．（7分）小明要测量木块的密度。实验器材有：木块、弹簧测力计（0～5N）、底部固定有滑轮的水槽、细线及足量的水。（g取10N/kg） （1）先用弹簧测力计测木块的重力，如图甲，示数为 N；再用细线绕过滑轮将木块与测力计连接起来，接着往水相倒入适量的水，使木块浸没在水中，如图乙，木块在水中静止时测力计示数为1.6N．木块的体积为 m3，密度为 kg/m3．本实验中滑轮的作用是 。 （2）小明分析发现，如果把水换成其他液体，测力计的示数就会不同，于是他把测力计的刻度改成相应的密度值，将该装置改装为测量液体密度的密度计”。原测力计的1.0N刻度处应标注为 kg/m3，该“密度计”的刻度分布 （选填“均匀”或“不均匀”） （3）若要增大这种“密度计”的最大测量值，可以采取的方法有 （写出一种即可）。
30．（8分）用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，提供的实验器材有：待测电阻Rx、两节于电池、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及若干导线
（1）根据图甲的电路图，用笔断线代替导线将图乙中的实物图连接完整。 （2）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是 。 （3）排除故障后，测得多组实验数据。各组数据对应的点已描在图丙中，请在图中画出Rx的l﹣U图线。由图可得Rx＝ Ω．（结果保留一位小数） （4）电流表的电阻虽然很小，但也会影响本实验中R的测量结果。用图丁的电路进行测量可消除这个影响， R0为定值电阻。实验步骤如下： ①按照图丁的电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处； ②闭合开关S1，S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1， ③ ，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2； ④可得待测电阻Rx＝ （用U1、I1、U2和I2表示） 六、计算题：本题共3小题，共20分． 31．（6分）航天迷小伟利用自降落伞模拟返回舱的降落过程。将带有降落伞的重物从高处释放，速度增大至10m/s时打开降落伞，重物开始减速下落。重物从释放到落地共用时4s，其v﹣t图象如图所示，落地前最后2s重物的运动可视为匀速运动。打开降落伞后，降落伞和重物受到的空气阻力f与速度V满足关系f＝kv2，k为定值。降落伞和重物的总质量为7.5kg，g取10N/kg：求： （1）落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率； （2）刚开始减速时降落伞和重物受到的合外力大小。
32．（6分）如图所示的电路中，电源电压恒定，灯泡L1标有“3V 1.5W“，灯泡L2标有“6V 6W”，滑动变阻器R的最大阻值为10Ω．开关S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片P置于b端时，电流表的示数为0.5A．设灯泡的电阻不变 （1）闭合S1，断开S2调节滑片P使L2正常发光，求此时滑动变阻器接入电路的阻值； （2）闭合S1、S2，调节滑片P使L1正常发光，求此时L2的实际功率。 33．（8分）学校机器人兴趣小组进行了“精准吊装”试验。n块长短不一的长方体木块均平放在水平试验平台上，机器人将木块按长度从小到大依次吊装并对称叠放，如图。已知木块的宽度相同，高度均为h＝0.2m，密度均为ρ＝0.5×103kg/m3，长度分别为a1，a2、a3…，an且长度之比a1：a2：ay：…：an＝1：2：3：…：n，g取10N/kg （1）求吊装前长度为a的木块对试验平台的压强； （2）若该平台够承受的最大压强为p＝1.5×104Pa，平台上最多能叠放几块木块？ （3）若吊装某木块的过程中需克服木块重力做功60J．吊装下一块需做功120J，则再吊装下一块需做功多少？
2018年福建省中考物理试卷（B卷） 参考答案与试题解析 一、选择题（每小题2分） 1．（2分）物理学家霍金常提醒人们关注能源和人类生存问题。下列属于可再生能源的是（ ） A．煤 B．石油 C．天然气 D．风能 【分析】从能源是否可再利用的角度可把能源分为可再生能源和不可再生能源。人类开发利用后，在现阶段不可能再生的能源，属于不可再生能源；在自然界中可以不断再生的能源，属于可再生能源。 【解答】解： A、煤属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源； B、石油属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源； C、天然气属于化石燃料，不能短时期内从自然界得到补充，属于不可再生能源； D、风能是能够源源不断的从自然界得到的能源，属于可再生能源。 故选：D。 【点评】本题难度不大，了解可再生能源和不可再生能源的特点是正确解答本题的关键。 2．（2分）下列物体通常情况下属于导体的是（ ） A．铅笔芯 B．塑料尺 C．橡皮擦 D．玻璃杯 【分析】容易导电的物体叫导体，不容易导电的物体叫绝缘体；常见的导体包括：人体、大地、各种金属、酸碱盐的溶液等。常见的绝缘体有陶瓷、玻璃、橡胶、油等；导体和绝缘体没有绝对的界限。 【解答】解：A、铅笔芯的材料是碳，属于导体；故A正确； B、塑料尺的材料是塑料，属于绝缘体；故B错误； C、橡皮擦的材料是橡胶，属于绝缘体；故C错误； D、玻璃杯的材料是玻璃，属于绝缘体；故D错误； 故选：A。 【点评】此题考查了导体与绝缘体的概念以及生活中常见的实例；生活中哪些物体为导体，哪些物体为绝缘体，属于识记的内容，比较简单。 3．（2分）图中的四个物态变化实例，属于吸热的是（ ） A． C． 【分析】（1）物质由固态变成液态的过程叫熔化，由液态变成固态的过程叫凝固； 物质由液态变成气态的过程叫汽化，由气态变成液态的过程叫液化； 物质由固态直接变成气态的过程叫升华，由气态直接变成固态的过程叫凝华。 （2）在六个物态变化中，有三个吸热：熔化、汽化、升华；三个放热：凝固、液化、凝华。 【解答】解：A、冰化成水，由固态变为液态，属于熔化现象，熔化吸热，故A正确； B、露是空气中的水蒸气遇冷液化形成的小水滴，液化放热，故B错误； C、霜是空气中的水蒸气凝华形成的固态小冰晶，凝华放热，故C错误； D、“河水结冰”是固态冰晶，是水水凝固形成的，凝固放热，故D错误。 故选：A。 【点评】此题主要考查物态变化中的吸放热情况，熔化、汽化、升华吸热，凝固、液化、凝华放热。 4．（2分）关于于安全用电，下列做法正确的是（ ） A．在通电的电线上晾晒衣服 B．及时更换老化的电线 C．用湿布擦拭通电的电视机 D．在高压线附近放风筝 【分析】利用下列知识分析判断： （1）生活用水属于导体，不能用湿物体接触电器； （2）电线的绝缘皮破损，人去接触时，容易造成触电事故； （3）安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。 【解答】解： A、湿衣服是导体，不能在通电的电线上晾晒衣服，故A错误； B、电线的绝缘皮破损老化时应及时更换，否则容易发生触电事故，故B正确； C、通电电视机属于带电体，用湿布擦拭时，湿布属于导体，有可能使电流通过水传到人体上，使人体触电，十分危险，故擦拭前应先断开开关。故C错误； D、安全用电的原则：不接触低压带电体，不靠近高压带电体。在高压线下放风筝会有触电的危险。故D错误。 故选：B。 【点评】本题考查了安全用电的常识，属于基础知识，在日常生活中一定要养成安全用电的习惯。 5．（2分）图是穿行在餐厅的机器人端着托盘送餐的情景。若认为机器人是静止的，则选择的参照物是（ ）
A．地面 B．托盘 C．餐桌 D．墙壁 【分析】在研究物体的机械运动时要先选择一个物体，假定该物体不动，这个物体是参照物；如果物体的位置相对于参照物不变，则物体是静止的，如果物体的位置相对于参照物不断变化，则物体是运动的。 【解答】解： 以地面、餐桌、墙壁为参照物，机器人与地面、餐桌、墙壁的位置在不断的变化，故机器人是运动的，故ACD不符合题意； 以托盘为参照物，机器人与托盘的位置没有变化故机器人是静止的，故B符合题意。 故选：B。 【点评】本题根据物体的运动状态判断所选参照物，难度不大是一道基础题，熟练掌握基础知识即可正确解题。 6．（2分）福建沿海地区昼夜温差较小，而内陆沙漠地区昼夜温差较大。这主要是因为海水与砂石相比具有较大的（ ） A．密度 B．内能 C．比热容 D．质量 【分析】沿海地区，水多，因为水的比热容较大，相同质量的水和泥土沙石比较，吸收或放出相同的热量，水的温度升高或降低的少，据此分析。 【解答】解：沿海地区水多；内陆地区水少、沙石多。因为水的比热容较大，白天，相同质量的水和沙石比较，吸收相同的热量，水的温度升高的少；夜晚，放出相同的热量，水的温度降低的少，使得沿海地区昼夜的温差小。 故选：C。 【点评】关于水的比热容较大的应用：水可做散热剂、冷却剂，用来解释沿海地区与内陆地区之间的气候差别，城市热岛效应的原因等等。 7．（2分）2018年5月5日，中国国产航母完成首次舰载直升机起降。直升机减速下降靠近航母甲板的过程中（ ） A．惯性变大 B．动能变小 C．重力势能不变 D．机械能不变 【分析】（1）惯性大小只与质量有关， （2）动能大小的影响因素：质量、速度。质量越大，速度越大，动能越大；重力势能大小的影响因素：质量、被举得高度。质量越大，高度越高，重力势能越大；动能和势能统称为机械能。 【解答】解：A、惯性大小只与质量有关，与速度无关，质量不变，惯性不变，故A错误； BCD、直升机减速下降过程中，高度减小，重力势能减小；速度减小，动能减小；机械能为动能和势能的和，故机械能减小；故B正确，CD错误。 故选：B。 【点评】掌握动能、重力势能、弹性势能大小的影响因素，根据影响因素能判断动能、重力势能和弹性势能的大小变化。 8．（2分）新的国家标准对延长线插座配用电缆的导线橫截面积要求进行了修改，额定电流16A的延长线插座，导线 最小标准横截面积由1mm2提升到1.5mm2．增大导线横截面积的目的是（ ） A．增大导线的电阻 B．减小通过导线的电流 C．增大导线的电压 D．减小导线发热的功率 【分析】根据影响电阻大小的因素分析导线的横截面积变大时其电阻的变化，电流一定时，根据欧姆定律分析导线两端的电压变化，根据P＝I2R分析导线的发热功率变化，要注意通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关。 【解答】解： A．延长线的材料和长度相同时，增大导线横截面积可以减小导线的电阻，故A错误； B．通过导线的电流与插座上用电器消耗的电功率有关，无法判断通过导线电流的变化，故B错误； C．在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由U＝IR可知，可以减小导线两端的电压，故C错误； D．在通过导线的电流一定时，导线的电阻减小，由P＝I2R可知，可以减小导线发热的功率，故D正确。 故选：D。 【点评】本题考查了影响导体电阻大小因素和欧姆定律、电热公式的应用等，是一道较为简单的应用题。 9．（2分）在探究凸透镜成像特点实验中，蜡烛、凸透镜和光屏在光具座上的位置如图，此时能在光屏上看到烛焰清晰的像。若保持透镜位置不变，将蜡烛沿光具座向远离透镜的方向移动10cm，调节光屏位置，可在光屏上看到（ ）
A．缩小的实像 B．放大的实像 C．缩小的虚像 D．放大的虚像 【分析】（1）u＝v时，成的是倒立、等大的实像； （2）凸透镜成实像时，物距变大，像距变小，像变小。 【解答】解：由图可知，此时的物距为20cm，像距为20cm，物距等于像距，物体在二倍焦距处，成的是倒立、等大的实像； 保持透镜位置不变，将蜡烛沿光具座向远离透镜的方向移动10cm，物距变大，像距变小，像变小，故成缩小的实像，故A正确。 故选：A。 【点评】此题考查了有关凸透镜成像的规律，掌握凸透镜成像的特点与物距、像距之间的关系。此题需根据物距与像距的大小关系得出成像的特点及物距和像距的范围，难度稍大。 10．（2分）小明为养鸡场设计报警电路。养鸡场的前、后门分别装有开关S1，S2，动物闯入时开关会自动闭合。要求： 只要动物闯入任意一个门，电铃都能响起报警。图中符合设计要求的是（ ） A． C． 【分析】串联电路中，各开关相互影响，并联电路中，各开关互不影响，据此结合题意来分析电路的连接方式。 【解答】解：由题意可知，只要动物闯入任意一个门，电铃都能响起报警，这说明这两个开关应该并联，故A符合题意。 故选：A。 【点评】本题考查学生根据实际需要设计串联电路和并联电路的能力，能够根据题意理解电路的连接方式是解决此类问题的关键。 11．（2分）如图，用同一滑轮组分别将物体A和物体B匀速提升相同的高度。与提升B相比，提升A的过程滑轮组的机械效率较大。若不计绳重与摩擦的影响，则提升A的过程（ ）
A．额外功较小 B．额外功较大 C．总功较小 D．总功较大 【分析】不计绳重及摩擦，利用相同的滑轮和绳子、提升相同的高度，做额外功相同；而总功等于有用功与额外功之和； 机械效率是有用功与总功的比值。由此分析解答。 【解答】解： AB、由题知，提起两物体所用的滑轮组相同，将物体提升相同的高度，不计绳重和摩擦，克服动滑轮重力所做的功是额外功，由W额＝G动h知，提升A和B所做额外功相同，故A、B错误； CD、不计绳重与摩擦的影响，滑轮组的机械效率：η，额外功相同，提升A物体时滑轮组的机械效率较大，所以提升A物体所做的有用功较大，其总功较大，故C错误、D正确。 故选：D。 【点评】本题考查对有用功、额外功和总功以及机械效率的认识和理解，注意同一滑轮组提升物体高度相同时额外功是相同的。 12．（2分）家里一盏电灯突然熄灭，用试电笔（又名“测电笔”）分別测试电路中的a、b、c、d四点（如图），只有测a点时氖管发光。若电路中只有一处故障，则故障可能是（ ）
A．进户零线断路 B．灯泡L断路 C．开关S接触不良 D．导线ad断路 【分析】测量火线氖管发光，证明进户火线正常；测量零线不发光，说明零线也正常。 【解答】解：用试电笔接触电路中的a、b、c、d四点时，只有测a点时氖管发光，说明a与火线是接通的，bcd与火线间断开，故故障是开关处断路，即开关接触不良，故C正确，ABD错误。 故选：C。 【点评】本题考查学生对家庭电路中故障的分析，需要掌握测电笔的使用方法。 13．（2分）很多同学知道自己的身高和体重，却不知道自己的体积。某同学身高170cm，体重60kg，他的体积约为（ ） A．0.006m3 B．0.06m3 C．0.6m3 D．6m3 【分析】人体的密度与水的密度差不多，根据V用同学质量除以水的密度即为其体积。 【解答】解： 某同学的质量m＝60kg，人的密度ρ≈ρ水＝1.0×103kg/m3， 根据ρ可得他的体积： V0.06m3。 故选：B。 【点评】本题考查了密度公式的应用，知道人体的密度与水的密度差不多是关键。 14．（2分）《墨经》最早记述了秤的杠杆原理。图中“标”“本”表示力臂，“权“重”表示力。以下说法符合杠杆平衡原理的是（ ）
A．“权”小于“重”时，A端一定上扬 B．“权”小于“重“时，“标”一定小于“本” C．增大“重”时，应把“权”向A端移 D．增大“重”时，应换用更小的“权” 【分析】杆秤实际是以提纽为支点的杠杆，利用杠杆平衡条件分析力或力臂的变化。 【解答】解：根据杠杆平衡条件知， 权×标＝重×本。 A、“权”小于“重”时，“本”确定，但“标”是可以改变的，所以A端不一定上扬。故A错误； B、“权”小于“重“时，由“权×标＝重×本”知，“标”一定大于“本”。故B错误； C、增大“重”时，“权”和“本”不变，由“权×标＝重×本”知，“标”会增大，所以把“权”向A端移。故C正确； D、增大“重”时，“本”不变，由“权×标＝重×本”知，可以增大“标”，或增大“权”。故D错误。 故选：C。 【点评】此题考查的是杠杆平衡条件的应用，通过题目的解析可以加深我们对我国古代科技成就的了解，增加民族自豪感。 15．（2分）如图电路中，闭合开关S1、S2，电流表和电压表均有示数。若断开S2，则（ ）
A．电流表示数变小，电压表示数变小 B．电流表示数变小，电压表示数变大 C．电流表示数变大，电压表示数变小 D．电流表示数变大，电压表示数变大 【分析】闭合开关S1、S2，灯泡L2被短路，电路中只有L1工作，电压表测量电源电压，电流表测量电流；若断开S2，L1和L2串联，电压表测量L1两端的电压，电流表测量电流。 【解答】解： 由图知，闭合开关S1、S2，灯泡L2被短路，电路中只有L1工作，电压表测量电源电压， 此时电流表的示数为I； 若断开S2，L1和L2串联，电压表测量L1两端的电压，其示数小于电源电压，所以电压表示数变小； 此时电流表示数I′， 因R1+R2＞R1，所以，电流表示数变小。 故选：A。 【点评】开关的断开和闭合可以改变电路的连接方式，解答本题要注意两点：一个是当开关S2闭合时，灯泡L2被短路；另一个是当两电阻串联时，电压表测的是电阻L1两端的电压，而不是电阻L2两端的电压。本题主要就是考查了学生对电路图的分析能力。 16．（2分）灯泡L与定值电阻R组成的电路如图甲，L和R的I﹣U图线分别为图乙中的A、B．闭合开关S，L正常发光，电路的总功率为4.8W，此时灯泡L的（ ）
A．电压为7V B．电流为0.3A C．电阻为20Ω D．功率为3W 【分析】图中灯泡和电阻并联，根据图象信息和电路总功率确定电压、电流和电阻。 【解答】解： 图甲中灯泡和电阻并联，已知L和R的I﹣U图线分别为图乙中的A、B； 闭合开关S，要求总功率为4.8W， 因并联电路各支路两端的电压相等，根据图象可知，在电压为6V时，通过灯泡的电流IL＝0.5A，通过电阻R的电流IR＝0.3A，则干路中的电流：I＝IL+IR＝0.5A+0.3A＝0.8A， 此时的总功率：P＝UI＝6V×0.8A＝4.8W，满足题中的要求； 所以，电源电压为6V，则此时灯泡L的电压为6V，通过灯泡的电流IL＝0.5A，故AB错误； 根据欧姆定律可得，此时灯泡的电阻：RL12Ω，故C错误。 此时灯泡的功率为：PL＝UIL＝6V×0.5A＝3W；故D正确； 故选：D。 【点评】此题主要考查的是学生对图象的分析和处理能力，正确运用电功率、欧姆定律计算公式是基础，读懂图象是关键。 二、填空题：本题共6小题，每空1分，共12分． 17．（2分）宋词《解语花•上元》中写到“箫鼓喧，人影参差，满路飘香麝”，其中“箫鼓喧”是由于发声体的 振动 产生的，“满路飘香麝“是由于分子在不停地做 无规则运动 。 【分析】（1）声音是由物体的振动产生的； （2）组成物质的分子永不停息地做无规则的运动。 【解答】解：“箫鼓喧”是由于箫鼓的振动产生的； “满路飘香麝“是由于分子在不停地做无规则运动，是扩散现象。 故答案为：振动；无规则运动。 【点评】此题主要考查声音产生和分子的运动等知识，都属于基础知识。 18．（2分）每年6月6日是全国“爱眼日”。图中表示近视眼的是图 甲 （选填“甲”或“乙”），近视眼应配戴 凹 透镜制成的眼镜进行矫正。
【分析】本题要抓住近视眼成因：远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的前方造成近视眼。近视矫正方法，需佩戴凹透镜。 远视眼成因，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的物像，就会落在视网膜的后方造成的。远视矫正方法，需佩戴凸透镜。 【解答】解： 近视眼的成因：眼球晶状体的曲度过大，远处物体反射来的光线通过晶状体折射后形成的像，就会落在视网膜的前方造成近视眼； 所以，由图知，表示近视眼的是图甲；近视眼的矫正方法，需佩戴凹透镜。 故答案为：甲；凹。 【点评】本题主要考查学生对近视眼和远视眼的成因，以及矫正方法的理解和掌握，是一道基础题，也是中招的热点。 19．（2分）合理分类和利用垃圾可以变凌为宝。在一定条件下，1吨垃圾能”榨”出170kg燃料油，若燃料油的热值为4.0×107J/kg，则这些燃料油完全燃烧释放出的热量为 6.8×109 J，燃烧时燃料油的化学能转化为 内 能。 【分析】（1）利用Q放＝mq求燃料油完全燃烧释放出的热量； （2）燃料在燃烧时，发生化学变化，把燃料的化学能转化为内能。 【解答】解： （1）燃料油完全燃烧释放出的热量： Q放＝mq＝170kg×4.0×107J/kg＝6.8×109J； （2）燃料油燃烧过程中，将燃料油的化学能转化为内能。 故答案为：6.8×109；内。 【点评】本题考查了燃料油完全放热公式的应用、燃料燃烧时能量的转化的了解，属于基础性题目 20．（2分）如图，悬挂在一起的两个气球，被毛织品擦过后彼此排斥分开，此时两个气球带 同种 （选填“同种“或异种”）电荷，气球是因为 摩擦 而带电。
【分析】电荷规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，摩擦起电的实质是电子的转移。 【解答】解：被毛织品擦过后的两只气球带同种电荷，同种电荷相互排斥，故两气球相互远离，说明两只气球带上了，摩擦可使物质得失电子，故气球是因为摩擦而带电。 故答案为：同种；摩擦。 【点评】此题考查电荷间相互作用的规律，要牢记这条规律：同种电荷相互排斥，异种电荷相互吸引，以及摩擦起电的实质。 21．（2分）图是四种家用电器各自消耗1度电可持续正常工作的时间柱状图，其中额定功率最大的电器是 电视机 ，节能灯正常工作5小时消耗的电能是 0.1 kW•h
【分析】首先明确额定电压相同的用电器分别在额定功率下、持续工作的时间图，然后根据P来分析求解。 【解答】解：由图可知，1度电可供电视机持续工作的时间最少，由P可知，电视机的额定功最大； 节能灯的额定功率不变， 所以， ， 解得W2＝0.1kW•h。 故答案为：电视机；0.1。 【点评】本题考查了电功率的概念和意义，考查了学生根据题中信息解答问题的能力，是一道中等题。 22．（2分）如图，薄壁圆柱形容器A、B放在水平桌面上，分别盛有不同的液体。A、B的底面积之比SA：SB＝2：1，液面的高度之比hA：hB＝3：2，液体对两个容器底部的压力大小相等。现将完全相同的两小球分别放入A、B液体未溢出。静止时，A中的小球悬浮，B中的小球 漂浮 （选填“漂浮”“悬浮”或“沉底”），A、B容器底部受到液体的压强之比pA：pB＝ 1：2
【分析】（1）已知容器的底面积和液面的高度，利用V＝Sh得出液体体积的关系；由于液体对两个容器底部的压力大小相等，根据F＝G＝mg可得液体的质量相等，然后利用ρ得出液体的密度关系；由于静止时A中的小球悬浮，然后根据物体的浮沉条件得出B液体的密度与小球的密度关系，即可判断B中的小球浮沉情况； （2）由A、B容器都是柱状容器，得出底部受到液体的压力，大小关系，利用p即可求出液体对容器底的压强比值。 【解答】解：（1）液体的体积之比为：， 由于液体对两个容器底部的压力大小相等，则根据F＝G＝mg可知：mA＝mB， 所以液体密度之比为：； 则ρAρB； 由于A中的小球悬浮，根据悬浮条件可知：ρ球＝ρA； 所以ρ球＜ρB，根据物体的浮沉条件得出B液体的漂浮； （2）将完全相同的两小球分别放入A、B液体未溢出，则液体对容器底部的压力等于液体的重力和小球的重力之和， 所以液体对容器底部的压力相等；即FA＝FB； 根据p可得： pA：pB：1：2。 故选：漂浮；1：2。 【点评】本题考查密度公式和浮沉条件的应用，关键是判断小球的密度与两液体的密度大小关系，知道小球放入液体中时，液体对容器底的压力等于液体的重力和小球的重力之和。 三、作图题本题共2小题，每小题2分，共4分． 23．（2分）如图，水杯静止在水平桌面上，O是水杯的重心。在图中面出水杯受力的示意图
【分析】水杯受到重力G和支持力F，作用点在重心，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上。 【解答】解： 桌面上水杯受到重力G和支持力F，重力的方向是竖直向下的，支持力的方向是竖直向上；因水杯静止在水平桌面上，此时二力为一对平衡力；两力的作用点都画在重心O处，注意表示两力的线段长度要相等。如图所示：
【点评】重力的方向总是竖直向下，会根据具体的接触面判断支持力的方向，并会用示意图表示物体受力情况。 24．（2分）根据平面成像规律，画出图中物体AB在平面镜MN中所成的像A′B′。
【分析】根据平面镜成像的特点：像与物关于平面镜对称，可以先作出物体AB中端点A、B的像点A′、B′，连接A′、B′即为物体AB在平面镜中所成的像。 【解答】解：先作出端点A、B关于平面镜的对称点A′、B′，用虚线连接A′、B′即为物体AB的像，如图所示：
【点评】本题考查了如何作出物体在平面镜中的像。在作出物体在平面镜中所成的像时，注意先作出端点或关键点的像点，用虚线连接就能得到物体在平面镜中的像，一定要掌握这种技巧。 四、简答题：本题共1小题，共4分． 25．（4分）如图，矿泉水瓶盖侧面刻有凹凸不平的条纹，便于旋开瓶盖；带有橡胶塞的口服液所配置的吸管，其表面也刻有棱状条纹，便于吸上口服液。联系所学的物理知识，分别说明上述两个实例中条纹的作用。
【分析】分别从增大摩擦和大气压的角度分析上述两个实例中条纹的作用。 【解答】答：矿泉水瓶盖侧面刻有凹凸不平的条纹，增大了手与瓶盖之间的粗糙程度，从而增大了两者之间的摩擦，这样便于旋开瓶盖；口服液吸管表面的棱状条纹，可以使空气进入瓶内，让瓶内气体与大气相通，在大气的作用下吸上口服液。 【点评】此题考查增大摩擦力的方法、大气压的应用，在日常生活中，有些现象看起来好像差不多，但其蕴含的物理原理却完全不同，如何将其与理论联系在一起是解决这类问题的关键。 五、实验题：本题共5小题，共28分． 26．（4分）如图是“探究光的反射规律”的实验装置，其中ABCD是白色硬纸板制成的光屏，并能沿ON折转，ON垂直于CD
（1）实验时，将光屏 垂直 放置在平面镜上，让一束光紧贴光屏射向镜面上的O点，可在光屏上看到反射光，如图甲：将光屏右半部分向后折转任意角度，光屏上都看不到反射光，如图乙。说明反射光线、入射光线与法线在 同一平面内 。 （2）某同学的实验数据如上表，其中有一组数据测错了，这组数据是第 4 次实验的，原因可能是将反射光线与 平面镜 的夹角当成反射角。
【分析】（1）实验时，将光屏垂直放在平面镜上；根据入射光线、反射光线和法线的关系进行分析，使光屏不在一个平面内，观察现象，得出结论。 （2）由光的反射定律知，反射角应等于入射角，故他所测量的角不是反射角，而是反射光线与镜面的夹角 【解答】解： （1）实验时，将光屏垂直放置在平面镜上，让一束光紧贴光屏射向镜面上的O点，可在光屏上看到反射光，如图甲；将光屏右半部分向后折转任意角度，光屏上都看不到反射光，如图乙。说明反射光线、入射光线与法线在同一平面内； （2）根据反射定律，反射角等于入射角，反射角是反射线与法线的夹角，入射角是入射线与法线的夹角，某同学的实验数据如上表，其中有一组数据测错了，这组数据是第4次实验的，原因可能是将反射光线与平面镜的夹角当成反射角。 故答案为：（1）垂直；同一平面内；（2）4；平面镜。 【点评】此题主要考查了光的反射定律的实验。通过分析实例考查了学生对所学知识的应用。 27．（5分）图甲是“探究水沸腾时温度变化的特点”的实验装置 （1）图甲实验装置的组装顺序应为 自下而上 （选填“自上而下“或“自下而上“）。 （2）实验中某次温度计的示数如图乙，为 92 ℃．根据实验数据绘制的水的温度随加热时间变化的图象如图丙，由图可知本实验中水的沸点为 98 ℃。 （3）实验中发现温度计上部出现许多小水珠，这些小水珠是 水蒸气液化 形成的。 （4）撒去酒精灯后，水仍能继续沸腾一小段时间，其原因是 石棉网的温度高于水的沸点，水还会继续吸热 。
【分析】（1）实验时，需用酒精灯的外焰加热，所以要调整好铁圈的高度，然后根据温度计的使用规则固定好其位置； （2）在读取温度计的示数时，要注意其分度值；液体沸腾时，不断吸收热量，温度保持不变，这个不变的温度是液体的沸点； （3）物质从气态变为液态的过程叫液化。 （4）酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，移开酒精灯时，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，继续沸腾。 【解答】解：（1）酒精灯需用外焰加热，所以要放好酒精灯，再固定铁圈的高度；而温度计的玻璃泡要全部浸没到液体中，但不能碰到容器壁和容器底，所以放好烧杯后，再调节温度计的高度，因此必须按照自下而上的顺序进行。 （2）图乙中温度计的分度值为1℃，则该次温度计的示数为92℃；由图象丙知，水在第2min开始沸腾，沸腾时，不断吸收热量，温度保持98℃不变，所以本实验中水的沸点是98℃．； （3）水沸腾时，热的水蒸气遇到温度低的温度计液化形成小水珠； （4）酒精灯加热时，铁圈和石棉网的温度升高，高于水的温度，当移开酒精灯时，水还会从铁圈和石棉网吸收热量，继续沸腾一小段时间。 故答案为：（1）自下而上；（2）92；98； （3）水蒸气液化；（4）石棉网的温度高于水的沸点，水还会继续吸热。 【点评】此题是观察水的沸腾实验，考查了实验装置的组装顺序、温度计的读数、液化现象等，此题属于中等题，要求学生熟练掌握，并学会灵活运用。 28．（4分）图是“探究导体在磁场中运动时产生感应电流的条件”的实验装置。闭合开关后，导体棒、灵敏电流计、开关、导线组成闭合电路。实验观察到的现象如下表
（1）实验时通过观察 灵敏电流计指针是否偏转 来判断电路中是否产生感应电流。 （2）由实验可知，闭合电路中的部分导体在磁场中做 切割磁感线 运动时，电路中产生感应电流。 （3）比较第4次和第 8 次实验可知，导体棒运动方向相同时，感应电流的方向与磁场的方向有关。 （4）比较第7次和第8次实验可知 感应电流的方向和导体运动的方向有关 。
【分析】（1）电流是看不到的，要通过电流表指针是否偏转来判断电路中是否有感应电流； （2）通过比较产生感应电流的情况和未产生感应电流的情况作比较得出； （3）要找到导体运动方向不变而磁场方向改变的一组数据； （4）通过比较数据中的相同点和不同点，来得出电流方向的变化是由哪个因素引起的。 【解答】解： （1）通过观察灵敏电流计的指针是否偏转来判断电路中是否有电流。 （2）由表格中数据知，当开关断开时，不会有电流产生；若导体向上运动或向下运动时，不切割磁感线，此时电路中也没有电流，可得产生感应电流的条件是：闭合电路的部分导体，在磁场中做切割磁感线运动。 （3）由表格中数据知，4和8的导体运动方向相同，磁场方向不同，电流表指针的偏转方向也不同，说明感应电流的方向与磁场的方向有关。 （4）比较第7次和第8次实验可知，磁场方向相同，导体的运动方向不同，电流表指针的偏转方向不同，说明感应电流的方向与导体运动的方向有关。 故答案为：（1）灵敏电流计指针是否偏转；（2）切割磁感线；（3）8；（4）感应电流的方向和导体运动的方向有关。 【点评】本题考查了产生电磁感应电流的条，关键是利用控制变量法找出各组数据中相同的量和不同的量。 29．（7分）小明要测量木块的密度。实验器材有：木块、弹簧测力计（0～5N）、底部固定有滑轮的水槽、细线及足量的水。（g取10N/kg） （1）先用弹簧测力计测木块的重力，如图甲，示数为 2.4 N；再用细线绕过滑轮将木块与测力计连接起来，接着往水相倒入适量的水，使木块浸没在水中，如图乙，木块在水中静止时测力计示数为1.6N．木块的体积为 4×10﹣4 m3，密度为 0.6×103 kg/m3．本实验中滑轮的作用是 改变力的方向 。 （2）小明分析发现，如果把水换成其他液体，测力计的示数就会不同，于是他把测力计的刻度改成相应的密度值，将该装置改装为测量液体密度的密度计”。原测力计的1.0N刻度处应标注为 0.85×103 kg/m3，该“密度计”的刻度分布 均匀 （选填“均匀”或“不均匀”） （3）若要增大这种“密度计”的最大测量值，可以采取的方法有 换用更大量程的弹簧测力计 （写出一种即可）。
【分析】（1）明确弹簧测力计的分度值，再根据指针指示来读数； （2）图乙中使用的是定滑轮，可以改变力的方向，不能省力，所以弹簧测力计的示数即为对木块的拉力，根据二力平衡知识可知F浮＝G+F拉求出浮力；根据F浮＝ρ水gV排求出木块的体积；根据G＝mg＝ρ木gV求出木块的密度； 根据F浮＝G+F拉求出当测力计的示数为1N时，所受浮力，然后利用F浮＝ρgV排可求得液体的密度，根据F浮＝G+F示和F浮＝ρ液gV排推导出ρ液与F示的关系，分析得出结论。 （3）要增大这种“密度计”的最大测量值，可以从弹簧测力计的量程、木块的体积、密度等角度考虑可以采取的方法。 【解答】解：（1）图甲中弹簧测力计的分度值为0.2N，木块在空气中的重力即弹簧测力计的示数为2.4N； （2）图乙所示的木块浸没水中时木块共受到重力、拉力、浮力三个力的作用， 图乙中弹簧测力计的拉力F拉＝1.6N，木块受到的浮力：F浮＝G+F拉＝2.4N+1.6N＝4N； F浮＝ρ水gV排 木块的体积： V＝V排4×10﹣4m3， 木块的质量m0.24kg， 木块的密度： ρ木0.6×103kg/m3； 图乙中使用的是定滑轮，可以改变力的方向， 当测力计的示数为1N时，所受浮力G+F′＝2.4N+1N＝3.4N， 由F浮＝ρgV排可得液体的密度，ρ液0.85×103kg/m3， 物体完全浸没在液体中，排开液体体积V排一定，G、g也是定值，所以F示和ρ液是一次函数关系，则密度秤的刻度是均匀的； （3）若要增大这种“密度计”的最大测量值，可以采取的方法：可以换用更大量程的弹簧测力计（或换用体积更小的木块，换用密度更大的物块）。 故答案为：（1）2.4；4×10﹣4；0.6×103；改变力的方向； （2）0.85×103；均匀； （3）换用更大量程的弹簧测力计。 【点评】本题考查了学生对密度、浮力的计算，弹簧测力计读数的掌握和运用，同时考查学生灵活运用所学知识解决实际问题的能力，关键是相关公式的灵活运用，是一道难度较大的题目。 30．（8分）用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，提供的实验器材有：待测电阻Rx、两节于电池、电流表、电压表、滑动变阻器、开关及若干导线
（1）根据图甲的电路图，用笔断线代替导线将图乙中的实物图连接完整。 （2）闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是 电阻断路 。 （3）排除故障后，测得多组实验数据。各组数据对应的点已描在图丙中，请在图中画出Rx的l﹣U图线。由图可得Rx＝ 5.6 Ω．（结果保留一位小数） （4）电流表的电阻虽然很小，但也会影响本实验中R的测量结果。用图丁的电路进行测量可消除这个影响， R0为定值电阻。实验步骤如下： ①按照图丁的电路图连接电路，将滑动变阻器的滑片置于最大阻值处； ②闭合开关S1，S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1， ③ 断开S2 ，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2； ④可得待测电阻Rx＝ （用U1、I1、U2和I2表示） 【分析】（1）根据电路图连接实物图； （2）若电流表示数为0，说明电路可能断路；电压表示数接近电源电压，说明电压表与电源连通，则与电压表并联的支路以外的电路是完好的，则与电压表并联的电路断路了； （3）将各个点连接起来，由欧姆定律求电阻大小； （4）经分析，②电压表测电流表和定值电阻的总电压，由欧姆定律可得出电流表和定值电阻的总电阻； 为消除电流表内阻对测量的影响，断开S2，此时电压表测待测电阻和定值电阻及电流表的总电压，由欧姆定律，可求了测待测电阻和定值电阻及电流表的串联的总电阻，两电阻相减即可得出待测电阻大小。 【解答】解：（1）电压表与电阻并联，如下左所示：
（2）经分析，闭合开关后，移动滑动变阻器的滑片，电压表示数较大且几乎不变，电流表示数始终为零，电路故障可能是电阻断路； （3）将各点连接起来，如上右所示； 当电压为2.0V时，电流为0.36A，由欧姆定律，电阻R5.6Ω； （4）②闭合开关S1，S2，读出电压表的示数U1和电流表的示数I1， ③断开S2，移动滑动变阻器滑片，读出电压表的示数U2和电流表的示数I2； 在②中，此时待测电阻短路，电流表测定值电阻的电流，电压表测电流表和定值电阻的总电压；移动滑动变阻器滑片，由欧姆定律，定值电阻和电流表的总电阻R0A①； 在③中，电流表测待测电阻和定值电阻串联后的电流，电压表测待测电阻和定值电阻及电流表的总电压，由欧姆定律，测待测电阻和定值电阻及电流表的串联的总电阻：Rx0a②，定值电阻的电流表内阻不变，②﹣①得：故待测电阻： Rx。 故答案为：（1）如上左所示；（2）电阻断路；（3）如上右所示；5.6；（4）③断开S2；④。 【点评】本题用“伏安法”测量电阻Rx的阻值，考查电路的连接、故障分析、描点法作图，电阻的计算及设计实验方案的能力。 六、计算题：本题共3小题，共20分． 31．（6分）航天迷小伟利用自降落伞模拟返回舱的降落过程。将带有降落伞的重物从高处释放，速度增大至10m/s时打开降落伞，重物开始减速下落。重物从释放到落地共用时4s，其v﹣t图象如图所示，落地前最后2s重物的运动可视为匀速运动。打开降落伞后，降落伞和重物受到的空气阻力f与速度V满足关系f＝kv2，k为定值。降落伞和重物的总质量为7.5kg，g取10N/kg：求： （1）落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率； （2）刚开始减速时降落伞和重物受到的合外力大小。
【分析】（1）根据G＝mg算出降落伞和重物的总重力，根据PGv算出落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率； （2）根据匀速下落时阻力等于重力和f＝kv2算出k的值；再根据f＝kv2再算出开始减速时降落伞所受的阻力，最后求合力。 【解答】解： （1）降落伞和重物的总重力：G＝mg＝7.5kg×10N/kg＝75N； 由图象可知，落地前最后2s处于匀速直线运动，速度为5m/s， 落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率：PGv＝75N×5m/s＝375W； （2）匀速直线下落时，处于平衡状态，所受重力和阻力是一对平衡力，大小相等，即f＝G＝75N； 又因为f＝kv2， 所以f1＝kv12＝G＝75N， 则k3N•s2/m2； 刚开始减速时，降落伞和重物受到的阻力：f2＝kv22＝3N•s2/m2×（10m/s）2＝300N； 因阻力f2和重力G的方向相反， 所以，刚开始减速时降落伞和重物受到的合外力大小：F＝f2﹣G＝300N﹣75N＝225N。 答：（1）落地前最后2s降落伞和重物的总重力的功率为375W； （2）刚开始减速时降落伞和重物受到的合外力大小为225N。 【点评】本题考查重力的计算、功率的计算、合力的计算等知识，关键考查读图能力和利用题中信息的解题能力。 32．（6分）如图所示的电路中，电源电压恒定，灯泡L1标有“3V 1.5W“，灯泡L2标有“6V 6W”，滑动变阻器R的最大阻值为10Ω．开关S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片P置于b端时，电流表的示数为0.5A．设灯泡的电阻不变 （1）闭合S1，断开S2调节滑片P使L2正常发光，求此时滑动变阻器接入电路的阻值； （2）闭合S1、S2，调节滑片P使L1正常发光，求此时L2的实际功率。 【分析】（1）根据P求出灯泡的电阻，开关S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片P置于b端时，灯泡L2和滑动变阻器串联，根据欧姆定律求出电源电压；调节滑片P使L2正常发光，根据P＝UI求出电流，再求出滑动变阻其分担的电压，进而求出滑动变阻器的阻值； （2）闭合S1、S2，L1和R并联后再和L2串联，根据分压特点求出灯泡L2分担的电压，根据P求出L2的实际功率。 【解答】解： （1）由P得灯泡L2的电阻： R26Ω， 由图知，开关S1闭合，S2断开，滑动变阻器的滑片P置于b端时，灯泡L2和滑动变阻器串联，此时滑动变阻器的阻值最大，电路中的电流I＝0.5A， 由欧姆定律可得，电源电压：U＝I（R+R2）＝0.5A×（10Ω+6Ω）＝8V， 闭合S1，断开S2，调节滑片P使L2正常发光，则L2两端的电压等于其额定电压6V， 由P＝UI得，此时电路中的电流：I′1A， 则滑动变阻器两端的电压：U滑＝U﹣U2＝8V﹣6V＝2V， 此时滑动变阻器连入电路中的阻值：R滑2Ω； （2）闭合S1、S2，L1和R并联后再和L2串联，调节滑片P使L1正常发光，则L1两端的电压为3V， 由串联电路的特点可得，此时灯泡L2两端的电压为：U2′＝U﹣U1＝8V﹣3V＝5V， 此时L2的实际功率：P2′4.17W。 答：（1）此时滑动变阻器接入电路的阻值2Ω； （2）此时L2的实际功率4.17W。 【点评】此题主要考查的是学生对电功率、欧姆定律计算公式和串并联电路特点的认识和掌握，综合性较强，弄清电路结构是解决此题的关键。 33．（8分）学校机器人兴趣小组进行了“精准吊装”试验。n块长短不一的长方体木块均平放在水平试验平台上，机器人将木块按长度从小到大依次吊装并对称叠放，如图。已知木块的宽度相同，高度均为h＝0.2m，密度均为ρ＝0.5×103kg/m3，长度分别为a1，a2、a3…，an且长度之比a1：a2：ay：…：an＝1：2：3：…：n，g取10N/kg （1）求吊装前长度为a的木块对试验平台的压强； （2）若该平台够承受的最大压强为p＝1.5×104Pa，平台上最多能叠放几块木块？ （3）若吊装某木块的过程中需克服木块重力做功60J．吊装下一块需做功120J，则再吊装下一块需做功多少？
【分析】（1）水平台上的物体，对水平台的压力大小与重力相等，由p求解； （2）根据p求出最大压力，由水平台上的物体，所受压力大小与物重相等求木块的数量； （3）根据题意，找出第k块的重力与G1的关系，根据W＝Gh列关系式求解。 【解答】解：（1）设长度a1的木块底面积为S1，则其对水平台的压力为： F＝G1＝m1g＝ρV1g＝ρS1hg 对水平台产生的压强为：p1ρgh＝0.5×103kg/m3×10N/kg×0.2m＝1000Pa； （2）设叠放i块木块后，对平台的压强达到最大，由 p最大ρgh总＝1.5×104Pa， 由G＝F＝pS可知，木块的总重G总＝F＝p最大S1＝15000Pa×S1＝15G0， 由题可知，木块长度之比a1：a2：a3：…：an＝1：2：3：…：n，所以G1：G2：G3：…：Gn＝1：2：3：…：n，所以G总＝G1+G2+G3+…+Gn＝G0（1+2+3+…+n），当n＝5时G总＝15G0，所以该平台最多只能叠放5块木块。（3）设叠放第n块时所做的功为60J， 由题可知，木块的宽及高度相同，长度之比为a1：a2：ay：…：an＝1：2：3：…n， 可得Gn＝nG1，由W＝Gh可得： Wn＝Gn（n﹣1）h＝n（n﹣1）hG1＝60J ① Wn+1＝Gn+1（n+1﹣1）h＝n（n+1）G1h＝120J ② 由①②可解得n＝3， 则吊装下一块为第5块，所做的功为： ， 可得：W5W4120J＝200J。 答：（1）吊装前长度为a的木块对试验平台的压强为1000Pa； （2）该平台够承受的最大压强为p＝1.5×104Pa，平台上最多能叠放5块木块。 （3）吊装某木块的过程中需克服木块重力做功60J．吊装下一块需做功120J，再吊装下一块需做功200J。 【点评】本题考查压强的应用，要理解水平面上的物体，其对水平面的压力大小与物体重力相等，理解做功的条件，综合性强，难度较大。 声明：试题解析著作权属菁优网所有，未经书面同意，不得复制发布 日期：2019/7/28 22:02:27；用户：初中物理1；邮箱：fjesf004@xyh.com；学号：25213030
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中考真题
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